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轨迹方程的求法

求曲线的轨迹方程是解析几何的两个基本问题之一.求符合某种条件的动点的轨迹方程，其实质就是利用题设中的几何条件，用“坐标化”将其转化为寻求变量间的关系.这类问题除了考查学生对圆锥曲线的定义，性质等基础知识的掌握，还充分考查了各种数学思想方法及一定的推理能力和运算能力，因此这类问题成为高考命题的热点，也是同学们的一大难点. ●难点磁场

(★★★★)已知A、B为两定点，动点M到A与到B的距离比为常数λ,求点M的轨迹方程，并注明轨迹是什么曲线. ●

案例探究

［例1］

如图所示，已知P(4，0)是圆x2+y2=36内的一点，A、B是圆上两动点，且满足∠APB=90°，求矩形APBQ的顶点Q的轨迹方程. 命题意图：本题主要考查利用“相关点代入法”求曲线的轨迹方程，属★★★★★级题目. 知识依托：利用平面几何的基本知识和两点间的距离公式建立线段AB中点的轨迹方程. 错解分析：欲求Q的轨迹方程，应先求R的轨迹方程，若学生思考不深刻，发现不了问题的实质，很难解决此题. 技巧与方法：对某些较复杂的探求轨迹方程的问题，可先确定一个较易于求得的点的轨迹方程，再以此点作为主动点，所求的轨迹上的点为相关点，求得轨迹方程. 解：设AB的中点为R，坐标为(x,y)，则在Rt△ABP中，|AR|=|PR|. 又因为R是弦AB的中点，依垂径定理：在Rt△OAR中，|AR|2=|AO|2－|OR|2=36－(x2+y2)又|AR|=|PR|=(x4)2y2

所以有(x－4)2+y2=36－(x2+y2),即x2+y2－4x－10=0因此点R在一个圆上，而当R在此圆上运动时，Q点即在所求的轨迹上运动. 设Q(x,y)，R(x1,y1)，因为R是PQ的中点，所以x1=代入方程x2+y2－4x－10=0,得

x4y0, ,y122(x42yx4－10=0 )()24222设点A和B为抛物线

y2=4px(p＞0)上原点以外的两个动点，已知OA⊥OB，OM⊥AB，求点M的轨迹方程，并说明它表示什么曲线.(2000年北京、安徽春招) 整理得：x2+y2=56,这就是所求的轨迹方程. ［例2］

命题意图：本题主要考查“参数法”求曲线的轨迹方程，属★★★★★级题目. 3eud教育网

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知识依托：直线与抛物线的位置关系. 错解分析：当设A、B两点的坐标分别为(x1,y1),(x2,y2)时，注意对“x1=x2”的讨论. 技巧与方法：将动点的坐标x、y用其他相关的量表示出来，然后再消掉这些量，从而就建立了关于x、y的关系. 解法一：设A(x1,y1),B(x2,y2),M(x,y)依题意，有

2y14px12y24px2y1y21x1x2yy1y21xxx12y1y2yy1xxxx1

21①

－②得(y1－y2)(y1+y2)=4p(x1－x2) 若x1≠x2,则有①

②

③

④

⑤

y1y24p

x1x2y1y2

⑥

①×②,得y12·y22=16p2x1x2 ③代入上式有y1y2=－16p2

⑥代入④，得

⑦

⑧

4px

y1y2y⑥代入⑤，得yy1yy14p2y1y2xx1y1x4p

所以4p(yy1)4p2y1y24pxy1

即4px－y12=y(y1+y2)－y12－y1y2 ⑦、⑧代入上式，得x2+y2－4px=0(x≠0) 当x1=x2时，AB⊥x轴，易得M(4p,0)仍满足方程. 3eud教育网

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故点M的轨迹方程为x2+y2－4px=0(x≠0)它表示以(2p,0)为圆心，以2p为半径的圆，去掉坐标原点. 解法二：设M(x,y)，直线AB的方程为y=kx+b x由OM⊥AB，得k=－y

由y2=4px及y=kx+b，消去y,得k2x2+(2kb－4p)x+b2=0 b2所以x1x2=2,消x,得ky2－4py+4pb=0 k所以y1y2=4pb，由OA⊥OB，得y1y2=－x1x2 kb24pk所以=－2,b=－4kp kk故y=kx+b=k(x－4p),用k=－x代入，得x2+y2－4px=0(x≠0) y故动点M的轨迹方程为x2+y2－4px=0(x≠0)，它表示以(2p,0)为圆心，以2p为半径的圆，去掉坐标原点. ［例3］

某检验员通常用一个直径为2 cm和一个直径为1 cm的标准圆柱，检测一个直径为3 cm的圆柱，为保证质量，有人建议再插入两个合适的同号标准圆柱，问这两个标准圆柱的直径为多少？

命题意图：本题考查“定义法”求曲线的轨迹方程，及将实际问题转化为数学问题的能力，属★★★★★级题目. 知识依托：圆锥曲线的定义，求两曲线的交点. 错解分析：正确理解题意及正确地将此实际问题转化为数学问题是顺利解答此题的关键. 技巧与方法：研究所给圆柱的截面，建立恰当的坐标系，找到动圆圆心的轨迹方程.

解：设直径为3,2,1的三圆圆心分别为O、A、B，问题转化为求两等圆P、Q,使它们与⊙O相内切，与⊙A、⊙B相外切. 建立如图所示的坐标系，并设⊙P的半径为r,则

|PA|+|PO|=1+r+1.5－r=2.5 ∴点P在以A、O为焦点，长轴长2.5的椭圆上，其方程为

116(x)2242y=1

①

253同理P也在以O、B为焦点，长轴长为2的椭圆上，其方程为

(x－1242)+y=1

②

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由①、②可解得P(39123912912,),Q(,)，∴r=()2()2214147

14141414故所求圆柱的直径为●锦囊妙计

6

cm. 7求曲线的轨迹方程常采用的方法有直接法、定义法、代入法、参数法.

(1)直接法

直接法是将动点满足的几何条件或者等量关系，直接坐标化，列出等式化简即得动点轨迹方程.

(2)定义法

若动点轨迹的条件符合某一基本轨迹的定义(如椭圆、双曲线、抛物线、圆等)，可用定义直接探求.

(3)相关点法

根据相关点所满足的方程，通过转换而求动点的轨迹方程.

(4)参数法

若动点的坐标(x,y)中的x,y分别随另一变量的变化而变化，我们可以以这个变量为参数，建立轨迹的参数方程. 求轨迹方程，一定要注意轨迹的纯粹性和完备性.要注意区别“轨迹”与“轨迹方程”是两个不同的概念. ●歼灭难点训练

一、选择题

1.(★★★★)已知椭圆的焦点是F1、F2，P是椭圆上的一个动点，如果延长F1P到Q，使得|PQ|=|PF2|，那么动点Q的轨迹是(

) A.圆

B.椭圆

D.抛物线

C.双曲线的一支

x2y22.(★★★★)设A1、A2是椭圆=1的长轴两个端点，P1、P2是垂直于A1A2的弦的94端点，则直线A1P1与A2P2交点的轨迹方程为(

) x2y21

A.94x2y21

C.94二、填空题

y2x21

B.94y2x21

D.943.(★★★★)△ABC中，A为动点，B、C为定点，B(－sinB=aa,0),C(,0)，且满足条件sinC－221sinA,则动点A的轨迹方程为_________. 24.(★★★★)高为5 m和3 m的两根旗杆竖在水平地面上，且相距10 m，如果把两旗杆底部的坐标分别确定为A(－5，0)、B(5，0)，则地面观测两旗杆顶端仰角相等的点的轨迹方程是_________. 三、解答题

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5.(★★★★)已知A、B、C是直线l上的三点，且|AB|=|BC|=6，⊙O′切直线l于点A，又过B、C作⊙O′异于l的两切线，设这两切线交于点P，求点P的轨迹方程.

x2y26.(★★★★)双曲线22=1的实轴为A1A2，点P是双曲线上的一个动点，引A1Q⊥A1P，abA2Q⊥A2P，A1Q与A2Q的交点为Q，求Q点的轨迹方程. x2y27.(★★★★★)已知双曲线22=1(m＞0,n＞0)的顶点为A1、A2，与y轴平行的直线lmn交双曲线于点P、Q. (1)求直线A1P与A2Q交点M的轨迹方程；

(2)当m≠n时，求所得圆锥曲线的焦点坐标、准线方程和离心率.

x2y28.(★★★★★)已知椭圆22=1(a＞b＞0),点P为其上一点，F1、F2为椭圆的焦点，ab∠F1PF2的外角平分线为l，点F2关于l的对称点为Q，F2Q交l于点R.

(1)当P点在椭圆上运动时，求R形成的轨迹方程；

(2)设点R形成的曲线为C，直线l：y=k(x+2a)与曲线C相交于A、B两点，当△AOB的面积取得最大值时，求k的值.

参考答案

难点磁场

解：建立坐标系如图所示，

设|AB|=2a,则A(－a,0）,B(a,0). 设M(x,y）是轨迹上任意一点. 3eud教育网

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(xa)2y2|MA|则由题设，得=λ,坐标代入，得=λ,化简得

22|MB|(xa)y(1－λ2)x2+(1－λ2)y2+2a(1+λ2)x+(1－λ2)a2=0 (1)当λ=1时，即|MA|=|MB|时，点M的轨迹方程是x=0，点M的轨迹是直线(y轴). 2a(12)2(2)当λ≠1时，点M的轨迹方程是x+y+x+a=0.点M的轨迹是以

2122a(12)2a(－，0）为圆心，为半径的圆. 221|1|歼灭难点训练

一、1.解析：∵|PF1|+|PF2|=2a,|PQ|=|PF2|, ∴|PF1|+|PF2|=|PF1|+|PQ|=2a, 即|F1Q|=2a,∴动点Q到定点F1的距离等于定长2a,故动点Q的轨迹是圆. 答案：A 2.解析：设交点P(x,y）,A1(－3,0),A2(3,0),P1(x0,y0),P2(x0,－y0) ∵A1、P1、P共线，∴yy0y

xx0x3yy0y

xx0x322∵A2、P2、P共线，∴x0y093yx2y2,代入得1,即1

解得x0=,y0xx9494答案：C 二、3.解析：由sinC－sinB=11sinA,得c－b=a, 2216x216y2aa1(x). ∴应为双曲线一支，且实轴长为,故方程为224a3a216x216y2a1(x)

答案：24a3a24.解析：设P(x,y），依题意有5(x5)y223(x5)y22,化简得P点轨迹方程为4x2+4y2－85x+100=0. 答案：4x2+4y2－85x+100=0 三、5.解：设过B、C异于l的两切线分别切⊙O′于D、E两点，两切线交于点P.由切线的性质知：|BA|=|BD|，|PD|=|PE|，|CA|=|CE|，故|PB|+|PC|=|BD|+|PD|+|PC|=|BA|+|PE|+|PC| 3eud教育网

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=|BA|+|CE|=|AB|+|CA|=6+12=18＞6=|BC|，故由椭圆定义知，点P的轨迹是以B、C为两焦点的椭圆，以l所在的直线为x轴，以BC的中点为原点，建立坐标系，可求得动点P的轨迹方程x2y2为=1(y≠0) 81726.解：设P(x0,y0）(x≠±a),Q(x,y). ∵A1(－a,0),A2(a,0). y0yx0x(x0a)xaxa10 得由条件

x2a2yyy001yxaxa0而点P(x0,y0)在双曲线上，∴b2x02－a2y02=a2b2. x2a2222即b(－x)－a()=ab

y222化简得Q点的轨迹方程为：a2x2－b2y2=a4(x≠±a). 7.解：(1)设P点的坐标为(x1,y1)，则Q点坐标为(x1,－y1),又有A1(－m,0),A2(m,0), 则A1P的方程为：y=y1(xm)

x1my1(xm)

x1m22

①

A2Q的方程为：y=－

②

①×②得：y=－2y12x1m(x2m2) 22

③

x1y1n222又因点P在双曲线上，故221,即y12(x1m2).

mnmx2y2代入③并整理得22=1.此即为M的轨迹方程. mn(2)当m≠n时，M的轨迹方程是椭圆. (ⅰ)当m＞n时，焦点坐标为(±mn,0)，准线方程为x=±22m2mn22,离心率m2n2e=；

m(ⅱ)当m＜n时，焦点坐标为(0,±mn),准线方程为y=±22n2nm22,离心率3eud教育网

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n2m2e=. n8.解：(1)∵点F2关于l的对称点为Q，连接PQ，

∴∠F2PR=∠QPR，|F2R|=|QR|，|PQ|=|PF2| 又因为l为∠F1PF2外角的平分线，故点F1、P、Q在同一直线上，设存在R(x0,y0）,Q(x1,y1),F1(－c,0),F2(c,0). |F1Q|=|F2P|+|PQ|=|F1P|+|PF2|=2a,则(x1+c)2+y12=(2a)2. x1cx02

又yy102得x1=2x0－c,y1=2y0. ∴(2x0)2+(2y0)2=(2a)2，∴x02+y02=a2. 故R的轨迹方程为：x2+y2=a2(y≠0) a21(2)如右图，∵S△AOB=|OA|·|OB|·sinAOB=sinAOB

221当∠AOB=90°时，S△AOB最大值为a2. 2此时弦心距|OC|=|2ak|1k2. 在Rt△AOC中，∠AOC=45°，

|OC||2ak|23cos45,k.

|OA|a1k2233eud教育网

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