习题2.1优秀教学设计

《轨迹方程》教案

潮州市金山中学

庄加楷

高考要求

求曲线的轨迹方程是解析几何的两个基本问题之一 求符合某种条件的动点的轨迹方程，其实质就是利用题设中的几何条件，用“坐标化”将其转化为寻求变量间的关系 这类问题除了考查学生对圆锥曲线的定义，性质等基础知识的掌握，还充分考查了各种数学思想方法及一定的推理能力和运算能力，因此这类问题成为高考命题的热点，也是同学们的一大难点

重难点归纳

求曲线的轨迹方程常采用的方法有直接法、定义法、代入法、参数法

(1)直接法

直接法是将动点满足的几何条件或者等量关系，直接坐标化，列出等式化简即得动点轨迹方程

(2)定义法

若动点轨迹的条件符合某一基本轨迹的定义(如椭圆、双曲线、抛物线、圆等)，可用定义直接探求

(3)相关点法

根据相关点所满足的方程，通过转换而求动点的轨迹方程

(4)参数法

若动点的坐标(x,y)中的x,y分别随另一变量的变化而变化，我们可以以这个变量为参数，建立轨迹的参数方程

求轨迹方程，一定要注意轨迹的纯粹性和完备性 要注意区别“轨迹”与“轨迹方程”是两个不同的概念

典型题例示范讲解

y22例1如图所示，已知P(4，0)是圆x+y=36内的一点，A、B是圆QB上两动点，且满足∠APB=90°，求矩形APBQ的顶点Q的轨迹方程

R命题意图 本题主要考查利用“相关点代入法”求曲线的轨迹方A程

oP知识依托 利用平面几何的基本知识和两点间的距离公式建立线段AB中点的轨迹方程

错解分析 欲求Q的轨迹方程，应先求R的轨迹方程，若学生思考不深刻，发现不了问题的实质，很难解决此题

技巧与方法 对某些较复杂的探求轨迹方程的问题，可先确定一个较易于求得的点的轨迹方程，再以此点作为主动点，所求的轨迹上的点为相关点，求得轨迹方程

解 设AB的中点为R，坐标为(x,y)，则在Rt△ABP中，|AR|=|PR|

又因为R是弦AB的中点，依垂径定理 在Rt△OAR中，|AR|2=|AO|2－|OR|2=36－(x2+y2)

x[来源学*科*网]又|AR|=|PR|=(x4)2y2[来源学科网]

所以有(x－4)2+y2=36－(x2+y2),即x2+y2－4x－10=0 因此点R在一个圆上，而当R在此圆上运动时，Q点即在所求的轨迹上运动

设Q(x,y)，R(x1,y1)，因为R是PQ的中点，所以x1=代入方程x2+y2－4x－10=0,得

x4y0, ,y122(x42yx4－10=0 )()242221

整理得 x2+y2=56,这就是所求的轨迹方程

例2设点A和B为抛物线

y2=4px(p＞0)上原点以外的两个动点，已知OA⊥OB，OM⊥AB，求点M的轨迹方程，并说明它表示什么曲线

命题意图 本题主要考查“参数法”求曲线的轨迹方程

知识依托 直线与抛物线的位置关系

错解分析 当设A、B两点的坐标分别为(x1,y1),(x2,y2)时，注意对“x1=x2”的讨论

技巧与方法 将动点的坐标x、y用其他相关的量表示出来，然后再消掉这些量，从而就建立了关于x、y的关系

解法一 设A(x1,y1),B(x2,y2),M(x,y) (x≠0) 直线AB的方程为x=my+a

y由OM⊥AB，得m=－

x由y2=4px及x=my+a，消去x,得y2－4pmy－4pa=0[来源学科网]yA

o(y1y2)2所以y1y2=－4pa, x1x2=a2

2(4p)所以，由OA⊥OB，得x1x2 =－y1y2

所以a24paa4p

故x=my+4p,用m=－NMBxy代入，得x2+y2－4px=0(x≠0) x故动点M的轨迹方程为x2+y2－4px=0(x≠0)，它表示以(2p,0)为圆心，以2p为半径的圆，去掉坐标原点

解法二 设OA的方程为ykx，代入y2=4px得A(2p2p,)

2kk1x，代入y2=4px得B(2pk2,2pk)

kk(x2p)，过定点N(2p,0)，

∴AB的方程为y1k2则OB的方程为y由OM⊥AB，得M在以ON为直径的圆上（O点除外）

故动点M的轨迹方程为x2+y2－4px=0(x≠0)，它表示以(2p,0)为圆心，以2p为半径的圆，去掉坐标原点

解法三 设M(x,y) (x≠0)，OA的方程为ykx，

2p2p,)

2kk1则OB的方程为yx，代入y2=4px得B(2pk2,2pk)

k代入y2=4px得A(由OM⊥AB，得

M既在以OA为直径的圆 xy222p2pxy0……①上，

k2k2又在以OB为直径的圆 xy2pkx2pky0……②上（O点除外），

22①k+②得

x2+y2－4px=0(x≠0) 2

2

故动点M的轨迹方程为x2+y2－4px=0(x≠0)，它表示以(2p,0)为圆心，以2p为半径的圆，去掉坐标原点

例3某检验员通常用一个直径为2 cm和一个直径为1 cm的标准圆柱，检测一个直径为3 cm的圆柱，为保证质量，有人建议再插入两个合适的同号标准圆柱，问这两个标准圆柱的直径为多少？

命题意图 本题考查“定义法”求曲线的轨迹方程，及将实际问题转化为数学问题的能力

知识依托 圆锥曲线的定义，求两曲线的交点

错解分析 正确理解题意及正确地将此实际问题转化为数学问题是顺利解答此题的关键

技巧与方法 研究所给圆柱的截面，建立恰当的坐标系，找到动圆圆心的轨迹方程

解 设直径为3,2,1的三圆圆心分别为O、A、B，问题转化为求两等圆P、Q,使它们与⊙O相内切，与⊙A、⊙B相外切 y建立如图所示的坐标系，并设⊙P的半径为r,则

P|PA|+|PO|=(1+r)+(1 5－r)=2 5 ∴点P在以A、O为焦点，长轴长2 5的椭圆上，其方程xAo为

B116(x)2242y=1

①

253同理P也在以O、B为焦点，长轴长为2的椭圆上，其方程为

14(x－)2+y2=1

②

23912912由①、②可解得P(,),Q(,)，

14141414∴r=Q39123()2()2

214147故所求圆柱的直径为6

cm

7例4已知A、B为两定点，动点M到A与到B的距离比为常数λ,求点M的轨迹方程，并注明轨迹是什么曲线

y解 建立坐标系如图所示，

M(x,y)设|AB|=2a,则A(－a,0）,B(a,0)

设M(x,y）是轨迹上任意一点

|MA|则由题设，得=λ,坐标代入，得|MB|oxB(a,0)A(-a,0)(xa)2y2(xa)y22=λ,化简得

(1－λ2)x2+(1－λ2)y2+2a(1+λ2)x+(1－λ2)a2=0 (1)当λ=1时，即|MA|=|MB|时，点M的轨迹方程是x=0，点M的轨迹是直线(y轴)

2a(12)(2)当λ≠1时，点M的轨迹方程是x+y+x+a2=0 点M的轨迹是以(－21223

a(12)2a，0）为圆心，为半径的圆

221|1|学生巩固练习

1 已知椭圆的焦点是F1、F2，P是椭圆上的一个动点，如果延长F1P到Q，使得|PQ|=|PF2|，那么动点Q的轨迹是(

) A 圆

B 椭圆

C 双曲线的一支

D 抛物线

x2y22 设A1、A2是椭圆=1的长轴两个端点，P1、P2是垂直于A1A2的弦的端点，94则直线A1P1与A2P2交点的轨迹方程为(

) y2x21

B 94y2x21

D 94aa13 △ABC中，A为动点，B、C为定点，B(－,0),C(,0)，且满足条件sinC－sinB=sinA,222则动点A的轨迹方程为_________

4 高为5 m和3 m的两根旗杆竖在水平地面上，且相距10 m，如果把两旗杆底部的坐标分别确定为A(－5，0)、B(5，0)，则地面观测两旗杆顶端仰角相等的点的轨迹方程是_________

E5 已知A、B、C是直线l上的三点，且|AB|=|BC|=6，⊙O′切直线FO'Dl于点A，又过B、C作⊙O′异于l的两切线，设这两切线交于点P，求ABC点P的轨迹方程

x2y21

A 94x2y21

C 94x2y26 双曲线22=1的实轴为A1A2，点P是双曲线上的一个动点，引A1Q⊥A1P，A2Qab⊥A2P，A1Q与A2Q的交点为Q，求Q点的轨迹方程

x2y27 已知双曲线22=1(m＞0,n＞0)的顶点为A1、A2，mnyMA1oA2P与y轴平行的直线l交双曲线于点P、Q

(1)求直线A1P与A2Q交点M的轨迹方程；

(2)当m≠n时，求所得圆锥曲线的焦点坐标、准线方程和离心率

xx2y28 已知椭圆22=1(a＞b＞0),点P为其上一点，F1、abQF2为椭圆的焦点，∠F1PF2的外角平分线为l，点F2关于l的对称点为Q，F2Q交l于点R

(1)当P点在椭圆上运动时，求R形成的轨迹方程；

yPQR(2)设点R形成的曲线为C，直线l y=k(x+2a)与曲线C相交F1oF2x于A、B两点，当△AOB的面积取得最大值时，求k的值

参考答案

4

1 解析 ∵|PF1|+|PF2|=2a,|PQ|=|PF2|, ∴|PF1|+|PF2|=|PF1|+|PQ|=2a, 即|F1Q|=2a,∴动点Q到定点F1的距离等于定长2a,故动点Q的轨迹是圆

答案 A 2 解析 设交点P(x,y）,A1(－3,0),A2(3,0),P1(x0,y0),P2(x0,－y0) ∵A1、P1、P共线，∴yy0yxx0x3[来源:Z_xx_k.Com]

∵A2、P2、P共线，∴yy0y

xx0x322x0y093yx2y2,代入得1,即1

解得x0=,y0xx9494答案 C 3 解析 由sinC－sinB=11sinA,得c－b=a, 2216x216y2aa1(x)

∴应为双曲线一支，且实轴长为,故方程为224a3a216x216y2a1(x)

答案 24a3a24 解析 设P(x,y），依题意有5(x5)y223(x5)y22,化简得P点轨迹方程为4x2+4y2－85x+100=0

答案 4x2+4y2－85x+100=0 5 解 设过B、C异于l的两切线分别切⊙O′于D、E两点，两切线交于点P 由切线的性质知 |BA|=|BD|，|PD|=|PE|，|CA|=|CE|，故|PB|+|PC|=|BD|+|PD|+|PC|=|BA|+|PE|+|PC| =|BA|+|CE|=|AB|+|CA|=6+12=18＞6=|BC|，故由椭圆定义知，点P的轨迹是以B、C为两焦点的椭圆，以l所在的直线为x轴，以BC的中点为原点，建立坐标系，可求得动点P的轨迹x2y2方程为=1(y≠0) 81726 解 设P(x0,y0）(x≠±a),Q(x,y)

∵A1(－a,0),A2(a,0)

y0yx0x(x0a)xaxa10 得由条件

x2a2yyy001yxaxa0而点P(x0,y0)在双曲线上，∴b2x02－a2y02=a2b2

x2a2222即b(－x)－a()=ab

y2225

化简得Q点的轨迹方程为 a2x2－b2y2=a4(x≠±a)

7 解 (1)设P点的坐标为(x1,y1)，则Q点坐标为(x1,－y1),又有A1(－m,0),A2(m,0),则A1P的方程为 y=y1(xm)

x1m

①

A2Q的方程为 y=－y1(xm)

x1m222(xm)

2

②

①×②得 y=－2y12x1m

③

x1y1n222又因点P在双曲线上，故221,即y12(x1m2).

mnmx2y2代入③并整理得22=1 此即为M的轨迹方程

mn22(2)当m≠n时，M的轨迹方程是椭圆

(ⅰ)当m＞n时，焦点坐标为(±mn,0)，准线方程为x=±22m2mn22,离心率m2n2e=；

m(ⅱ)当m＜n时，焦点坐标为(0,±mn),准线方程为y=±22n2nm22,离心率n2m2e=

n8 解 (1)∵点F2关于l的对称点为Q，连接PQ，

∴∠F2PR=∠QPR，|F2R|=|QR|，|PQ|=|PF2| 又因为l为∠F1PF2外角的平分线，故点F1、P、Q在同一直线上，设存在R(x0,y0）,Q(x1,y1),F1(－c,0),F2(c,0)

|F1Q|=|F2P|+|PQ|=|F1P|+|PF2|=2a,则(x1+c)2+y12=(2a)2

x1cx02

又yy102得x1=2x0－c,y1=2y0

∴(2x0)2+(2y0)2=(2a)2，∴x02+y02=a2

故R的轨迹方程为 x2+y2=a2(y≠0) a21(2)如右图，∵S△AOB=|OA|·|OB|·sinAOB=sinAOB

226

1当∠AOB=90°时，S△AOB最大值为a2

2yCAoB此时弦心距|OC|=|2ak|1k2 [来源:Zxxk.Com]

x在Rt△AOC中，∠AOC=45°，

|OC||2ak|23cos45,k.

|OA|a1k22课前后备注

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