4. 摩擦力公开课参赛课教案

专题二

摩擦力

主讲人：袁顺香

朱瑶

昝永德

一．

知识要点

1.

明确摩擦力产生的条件

（1）

物体间直接接触

（2）

接触面粗糙

（3）

接触面间有弹力存在

（4）

物体间有相对运动或相对运动趋势

这四个条件紧密相连，缺一不可．显然，两物体不接触，或虽接触但接触面是光滑的，则肯定不存在摩擦力．但满足(1)、(2)而缺少(3)、

(4)中的任意一条，也不会有摩擦力．如一块砖紧靠在竖直墙，放手后让其沿墙壁下滑，它满足条件(1)、(2)、(4)，却不具备条件(3)，即相互间无压力，故砖不可能受到摩擦力作用．又如，静止在粗糙水平面上的物体它满足了条件(1)、

(2)、(3)，缺少条件(4)，当然也不存在摩擦力．

由于不明确摩擦力产生的条件，导致答题错误的事是经常发生的．

例题1.

如图1所示，C是水平地面，A、B是两个长方形物块，F是作

用A 在物块上沿水平方向的力，物体A和F B B以相同的速度作匀速直綫运动，由此可知，A、B间的动摩擦因数1和图1 B、C间的动摩擦因数2有可能是

2

0

(B) 10，2

0 (C)10，20

(D) 10，20 (A)1

0，2.

了解摩擦力的特点

摩擦力具有两个显著特点：(1)接触性；

(2)被动性．所谓接触性，即指物体受摩擦力作用物体间必直接接触(反之不一定成立)。这种特点已经包括在摩擦力产生的条件里，这里不赘述。对于摩擦力的被动性，现仔细阐述。所谓被动性是指摩擦力随外界约束因素变化而变化．熟知的是静摩擦力随外力的变化而变化。

例题2.

如图2所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力，即F1、F2和摩擦力作用，木块图2处于静止状态，其中F1＝10N、F2＝2N，若撤去力F1，则木块在水平方向受到的合力为（

）

A.

10N，方向向左

B.

6N，方向向右

C.

2N，方向向左

D.

零

F1

图2 F2

3.

把握摩擦力大小和方向的计算和判断

中学物理只谈静摩擦和滑动摩擦两种(滚动摩擦不讲)．其中f静没有具体的计算公式，是随外力变化的范围值o≤f静≤fmax，一般根据(1)平衡条件求；(2)根据物体运动状态，由牛顿运动定律求．而f静不但可根据上述的

(1)、(2)方法求，还可以用公式f滑N计算

例题3.

小物体m放在质量为M的物体上，M系在固定在墙上水平弹簧的一端，且置于光滑的水平面上，如图所示，若弹簧的劲度系数为k1，将M向右拉离平衡位置x1，然后无初速释放，在以后的运动过程中，M和m保持相对静止，那么在运动中受到的最小摩擦力为多少？最大摩擦力为多少？

例题4.

如图4所示，一质量为m的货物放在倾角为α的传送带上随传送带一起向上或向下做加速运动．设加速度大小为α，试求两种情况下货物所受的摩擦力．

m ╮α

图4 m M 例题5.

如图5所示，质量M=10Kg的木楔ABC静止于水平地面上，动摩擦因数μ＝0．02，在木楔的倾角θ为300的斜面上有一质量m＝1.0 kg的物块由静止开始沿斜面下滑．当滑行路程S＝1．4m时，其速度s＝1．4m／s，在此过程中木楔没有动．求地面对木楔的摩擦力的大小和方向(g取10 m／s’)

二．巩固练习

1.

某人在乎直公路上骑自行车，见到前方较远处红色交通信号灯亮起，他便停止蹬车，此后的一段时间内，自行车前轮和后轮受到地面的摩擦力分别为f前和f后，则(

) A．f前向后，f后后向前

B．f前向前，f后向后

C．f前向后，f后向后

D．f前向前，f后向前

2.

如图9所示，重6N的木块静止在倾角为300的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向，大小等于4N的力F推木块，木块仍保持静止，则木块所受的摩擦力大小为

(

)

图9 A．4 N

B．3 N

C．5 N

D．6 N 3.

如图11所示，在粗糙水平面上有一个三角形木块，在它的两个粗糙斜面上分别放两个质量为m1和m2的小木块，m1m2已知三角形木块和两个小木块均静止，则粗糙水平面对三角形木块(

) A．没有摩擦力作用

m1

B．有摩擦力作用，摩擦力方向水平向右

1

C．有摩擦力作用，摩擦力方向水平向左

D．有摩擦力作用，但其方向无法确定，

因为m1、m2、

m2

2

图11 1和2的数值并未给出

4.

如图所示，一直角斜槽(两槽面夹角为90°)，对水平面夹角为30°，一个横截面为正方形的物块恰能沿此槽匀速下滑，假定两槽面的材料和表面情况相同，问物块和槽面间的动摩擦因数为多少?(

6) 6

5.

8、质量m=1.5Kg的物块(可视为质点)在水平恒力F的作用下，从水平面上A点由静止开始运动，运动一段距离撤去该力,物体继续滑行t=2.0s停在B点。已知AB两点间的距离S=5.0m，物块与水平面间的动摩擦因数0.20，求恒力F为多大?(g=10m/s2)(15N)

6.

9.如图14所示,静止在水平面上的纸带上v 放一质量m为的小金属块(可视为质点), 金属块离纸带右端距离为L, 金属块与纸A 带间动摩擦因数为μ.现用力向左将纸带从L 金属块下水平抽出,设纸带加速过程极短,图14

可认为纸带在抽动过程中一直做匀速运动。求: （1）

金属块刚开始运动时受到的摩擦力的大小和方向; （2）

要将纸带从金属块下水平抽出,纸带的速度v应满足的条件.

7.

10.如图15所示,物块和斜面体的质量分别为m.M,a 物块在平行于斜面的推力F作用下沿斜面加速度am 向上滑动时,斜面体仍保持静止.斜面倾角为θ,试F 求地面对斜面体的支持力和摩擦力. M θ

图15

例题参考解答

例题1.

解析：本题中选A、B整体为研究对象，由于受推力的作用做匀速直线运动，可知地面对的摩擦力一定水平向左，故2

0，对A受力分析可知，水平方向不受力，(B)、(D)．

例题2.

解析；1可能为0，可能不为0。正确答案为F1没有撤去时，物体所受合外力为零，此时静摩擦力大小为8N，方向向左．撤去F1以后，物体在F2作用下不可能沿水平方向发生运动状态的改变，物体仍保拧静止．此时地面对物体的静摩擦力大小为2N，方向向右．从上述分析可见静摩擦力是被动力．答案应为(D)．对于滑动摩擦力同样具有被动性．

例题3.

解析：当拉离平稳位置x1时，对整体有kx1=(M+m)a，对m有f=ma，此时fmax=kx1m/(M+m); 当弹簧恢复原长时，两物体之间没有相对运动趋势，所以没有摩擦力。

例题4.

解析：物体m向上加速运动时，由于沿斜面向下有重力的分力，所以要使物体随传送带向上加速运动，传送带对物体的摩擦力必定沿传送带向上．物体沿斜面向下加速运动时，摩擦力的方向要视加速度的大小而定，当加速度为某一合适值时，重力沿斜面方向的分力恰好提供了所需的合外力，则摩擦力为零；当加速度大于此值时，摩擦力应沿斜面向下；当加速度小于此值时，摩擦力应沿斜面向上．向上加速运动时，由牛顿第二定律，得：所以F-mgsina=ma，方向沿斜面向上；向下加速运动时，由牛顿第二定律，得：

mgsina—F＝ma(设F沿斜面向上)，所以F=mgsina-ma 当a0．与所设方向相同——沿斜面向上．

当a＝gsina时，F=0．即货物与传送带间无摩擦力作用．

当a>gsina时，F<0．与所设方向相反——沿斜面向下．

小结：当物体加速运动而摩擦力方向不明确时，可先假设摩擦力向某一方向，然后应用牛顿第二定律导出表达式，再结合具体情况进行讨论

例题5.

解析：地面对木楔的摩擦力为静摩擦力，但不一定为最大静摩擦力，所以不能由Fμ＝μFΝ，来计算求得，只能根据物体匀运动情况和受力情况来确定．

2物块沿斜面匀加速下滑，由vt2v02as可求得物块下滑的加速度vt2a0.7m/s2gsin5m/s2

2s可知物块受到摩塔力的作用．

此条件下，物块与木楔受力情况分别如图6.7所示．

物块沿斜面以加速度Q下滑，对它沿斜面方向和垂直于斜面方向由牛顿第二定律有mgsinθ一Fμ1＝ma

mgcosθ—FN1＝0

．

木楔静止，对它沿水平方向和竖直方向由牛顿第二定律，

并注意Fμ1ˊ与Fμ1，F N1与FN1，等值反向，有Fμ2+ Fμ1cosθ—FN1sinθ＝0

FN2MgFN1COSF1Sin0

A

FN1

Fμ1

FN2

Fˊμ1

F N1

B Fμ2

C

mg

mg 图7 图6

由上面各式解得地面对木楔的摩擦力

F2FN1sinF1COSmgcossin(mgsinma)sin3macos1.00.7N0.61N2

此力方向与所设方向相同，由C指向B。

另外由以上几式联立还可以求出地面对木楔的支持力

FN2Mgmgcos2(mgsinma)sinMgmgmasin11110N1.00.7N109.65N(Mm)g2

显然，这是由于物块和木楔系统有向下的加速度而产生了失重现象。

对此题也可以系统为研究对象。在水平方向，木楔静止，加速度为零，物块加速度水平分量为axacos。对系统在水平方向由牛顿第二定律，有F2macos0.61N

答案：0．61 N

方向由C一B

小结：(1)静摩擦力的大小是个变量，它的大小常需要根据物体的运动状态及摩擦力与物体所受其他力的关系来确定．

(2)由此题可看出，研究对象的选取对解题步骤的简繁程度有很大的影响。

巩固练习参考答案

1-3题：CCA 4.

解析：因为物块对直角斜槽每一面的正压力为mgcosα.cos45°，所以当物体匀速下滑时，有平衡方程：mgsinα=2μmgcosαcos45°＝μ=1tan1(3)6．

22362μmgcosα，所以

5.

解析：

F2mgs

2sgt2代入数据解得F15N

6.

解析：（1）金属块与纸带达到共同速度前，金属块受到的摩擦力为：fmg

，方向向左。

（2）出纸带的最小速度为v0即纸带从金属块下抽出时金属块速度恰好等于v0。

对金属块：fma金属块位移：s1

v0at

12at纸带位移：s2v0t

2两者相对位移：S2S1l解得：v0故要抽出纸带，纸带速度v2gl

2gl

7.

解析:由于小物块沿斜面加速上升，所以物块与斜面不能看成一个整体，应分别对物块与斜面进行研究。

（1）

取物块为研究对象，受力分析如图16所示：

由题意得：

FN1mgcos①

FmgsinFf1ma②

由②得：Ff1Fmgsinma③

（2）

取斜面为研究对象，受力分析如图17得：

1cos④

FN2Ff1sinMgFN1sin⑤

Ff2Ff1cosFN

又因为Ff1与Ff1是作用力与反作用力，Fn1与Fn1是作用力与反作用力

由牛顿第三定律得：Ff1Ff1Fmgsinma⑥

1FN1mgcos⑦

FN由④⑤⑥⑦解得：FN2(Mm)g(Fma)sin

Ff2(Fmg)cos

FNFf1θ

1

F Ff2mg

图16 θ

mg FN1

图17 Ff1

FN2