复习题PPT专用课堂实录内容

生命中的有机化学物质复习题

副标题

题号

得分

一

二

三

四

五

六

总分

一、单选题（本大题共16小题，共16.0分）

1.

下列关于油脂的说法不正确的是（

）

A. 油脂属于酯类

B. 油脂的密度比水小，不溶于水

C. 油脂可分为油和脂肪

D. 油脂属于高分子化合物

【答案】D

【解析】解：A．油脂是高级脂肪酸的甘油酯，属于酯类，故A正确；

B．油脂是高级脂肪酸和甘油生成的酯，密度比水小，故B正确；

C．油脂是油和脂肪的统称，植物油在常温常压下一般为液态，称为油，而动物脂肪在常温常压下为固态，称为脂．油脂均为混合物，无固定的熔沸点，故C正确；

D．油脂相对分子质量较小，不属于高分子化合物，故D错误．

故选D．

A．油脂是高级脂肪酸的甘油酯；

B．油脂密度比水小；

C．油脂是油和脂肪的统称；

D．相对分子质量在10000以上的有机化合物为高分子化合物．

本题考查油脂的结构与性质，难度不大，明确油脂的成分及油脂水解的条件即可答．

2.

一束汇聚的光通过（

），可以观察到其内会出现的一条光亮的“通路”．

A. NaCl溶液

B. Fe（OH）3胶体

C. 蔗糖水

D. 无法确定

【答案】B

【解析】A．氯化钠溶液不是胶体，不能发生丁达尔效应，故A错误；

B．Fe（OH）3胶体光通过胶体分散系会出现一条光亮的通路，出现丁达尔效应，故B正确；

C．蔗糖水属于溶液，不能发生丁达尔效应，故B错误；

D．确定B正确，故D错误；

故选B．

胶体具有丁达尔效应，当光通过胶体分散系会出现一条光亮的通路；

本题考查学生胶体的性质，比较基础，侧重对基础知识的巩固，注意对基础知识的理解掌握．

3.

下列有机物中，一定条件下不能与H2发生反应的是（

）

A. 苯

B. 乙醛

C. 乙酸

D. 油酸甘油酯

【答案】C

【解析】解：A、苯能与氢气在镍的催化下发生加成反应生成环己烷，故A不选；

B、乙醛中与碳相连的碳上含有H原子，乙醛具有氧化性，能被还原为乙醇，故B不选；

C、乙酸中羧基C上无H原子，不具有还原性，只具有氧化性，不能与氢气反应，故C选；

D、油酸为不饱和高级脂肪酸甘油酯，含有碳碳双键，能与氢气发生加成反应生成硬脂酸甘油酯，又称为油脂的硬化，故D不选；

故选C．

第1页，共14页

A、苯环内含有特殊化学键，能与氢气发生加成反应；

B、乙醛与碳相连的碳上含有H原子，能被还原；

C、乙酸中C上无H原子，不能被还原；

D、油酸中含有不饱和碳碳双键．

本题主要考查的是常见有机化合物的性质，以与氢气能否加成为载体，难度不大．

4.

下列说法错误的是（

）

A. 和CO2反应生成可降解聚合物，该反应符合绿色化学原则

B. 正丁烷的二氯代物有5种（不考虑立体异构）

C. 乙醇在铜催化下加热可脱氢生成乙醛，该反应属于氧化反应

D. 淀粉、纤维素、麦芽糖均属于糖类，在一定条件下都可以水解得到葡萄糖

【答案】B

【解析】解：A．该反应中，反应物原子完全转化成目标产物，实现了0排放，且不产生污染物，符合绿色化学的原则，故A正确；

B．正丁烷的二氯代物共有6种，即CH3CH2CH2CHCl2、CH3CH2CHClCH2Cl、CH3CHClCH2CH2Cl、CH2ClCH2CH2CH2Cl，CH3CCl2CH2CH3，CH3CHClCHClCH3，故B错误；

C．乙醇在铜催化下加热可脱氢生成乙醛，该反应属于氧化反应，故C正确；

D．淀粉、纤维素为多糖，麦芽糖为二糖，水解产物都是葡萄糖，故D正确；

故选：B．

A．绿色化学是指化学反应过程中以“原子经济性”为基本原则，即在获取新物质的化学反应中充分利用参与反应的每个原料原子，实现“零排放”，不仅充分利用资源，而且不产生污染，据此进行判断；

B．先找一氯代物，正丁烷共有2种一氯代物，然后以一氯代物为基础再添上一个氯，可得二氯代物；

C．有机反应中加氧或者去氢的反应属于氧化反应；

D．淀粉、纤维素为多糖，麦芽糖为二糖，水解产物都是葡萄糖．

本题考查了绿色化学的概念、有机物同分异构体种数判断、有机物反应类型判断、糖类物质的结构及性质，题目综合性较强，难度不大，注意把握二氯代物同分异构体书写方法，注意对绿色化学核心的理解．

5.

某广告称某种品牌的八宝粥（含桂圆、红豆、糯米等）不加糖，比加糖还甜，最适合糖尿病人食用．你认为下列关于糖尿病人能否食用此八宝粥的判断不正确的是（

）

A. 这个广告有误导喜爱甜食消费者的嫌疑，不加糖不等于没有糖

B. 不加糖不等于没有糖，糖尿病人食用需慎重

C. 不能听从厂商或广告商的宣传，应咨询医生

D. 糖尿病人应少吃含糖的食品，该八宝粥未加糖，可以放心食用

【答案】D

【解析】解：A．这个广告有误导消费者的嫌疑，不加糖不等于没有糖，其本身还是含糖的，故A正确；

B．不加糖不等于没有糖，糖尿病人食用需慎重，故B正确；

C．该广告的虚假宣传说明我们不能盲目听信厂商或广告商的宣传，是否能够食用应询问医生，故C正确；

D．糖尿病人血糖和尿糖的含量都较高，应少吃含糖的食品，该八宝粥未加糖，但是其本身的化学成分中是含有糖的，不可以多吃，故D错误；

第2页，共14页

故选D．

由题意分析八宝粥含桂圆、红豆、糯米等，其化学成分有糖类、脂质、蛋白质等，含糖量还是比较高的．

本题借助糖尿病人的饮食考查糖类的相关知识，难度不大．意在考查学生分析题意以及解决问题的能力．

6.

某广告称某种品牌的不加糖八宝粥（含桂圆、红豆、糯米等）比加糖还甜，适合糖尿病患者食用．你认为下列关于糖尿病患者能否食用此八宝粥的判断，不正确的是（

）

A. 桂圆、红豆、糯米的主要成分本身就是糖

B. 糖尿病患者应少吃含糖的食品，该八宝粥未加糖，可以放心食用

C. 不加糖不等于没有糖，糖尿病患者食用需慎重

D. 不能听从厂商或广告商的宣传，应询问医生

【答案】B

【解析】解：A．桂圆、红豆、糯米的主要成分本身是淀粉，就是糖，故A正确；

B．糖尿病人血糖和尿糖的含量都较高，应少吃含糖的食品，该八宝粥未加糖，但是其本身的化学成分中是含有糖的，不可以多吃，故B错误；

C．不加糖不等于没有糖，糖尿病人食用需慎重，故C正确；

D．该广告的虚假宣传说明我们不能盲目听信厂商或广告商的宣传，是否能够食用应询问医生，故D正确；

故选B．

八宝粥含桂圆、红豆、糯米等，其化学成分有糖类、脂质、蛋白质等，据此解答．

本题考查糖的分类和性质，难度不大，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系、分析题意是解题关键．

7.

工业上热水瓶胆镀银常用的还原剂是（

）

A. 乙醛

B. 葡萄糖

C. 麦芽糖

D. 银氨溶液

【答案】B

【解析】解：A．乙醛虽然含有醛基能够发生银镜反应，但是乙醛有毒、易挥发，且活泼性高，生产中不易控制，故A错误；

B．葡萄糖含有醛基能够发生银镜反应，反应温和，生产中易控制，所以工业上热水瓶胆镀银常用葡萄糖做还原剂，故B正确；

C．麦芽糖还原性弱于葡萄糖，故C错误；

D．银氨溶液在热水瓶胆镀银中做氧化剂，故D错误；

故选B．

在工业上，制镜和热水瓶胆镀银常用葡萄糖做还原剂，据此解答．

本题考查了葡萄糖的性质和用途，属于对基础知识的考查，题目难度不大．

8.

医院中检查病人的尿液时，向尿液中加入新制的碱性氢氧化铜悬浊液并加热，若观察到砖红色沉淀，则说明该病人的尿液中含有（

）

A. CH3COOH

B. C2H5OH

C. NaCl

D. CH2OH（CHOH）4CHO

【答案】D

【解析】解：A．CH3COOH和氢氧化铜反应生成醋酸铜和水，使沉淀溶解，没有红色沉淀出现，故A错误；

B．白酒中主要含有酒精，酒精和氢氧化铜不反应，没有红色沉淀生成，故B错误；

C．食盐和氢氧化铜不反应，没有红色沉淀生成，故C错误；

D．葡萄糖中含有醛基，醛基具有还原性，能被新制的氢氧化铜氧化，有红色沉淀生成，第3页，共14页

说明尿液中含有葡萄糖，故D正确。

故选D。

A．CH3COOH与氢氧化铜反应，沉淀溶解；

B．酒精和氢氧化铜不反应；

C．食盐与氢氧化铜不反应；

D．葡萄糖中含有醛基，醛基具有还原性，能被新制的氢氧化铜氧化，有红色沉淀生成。

本题考查葡萄糖的检验，难度不大，新制氢氧化铜可以检验醛基的存在，值得注意的是久置的氢氧化铜、新制氢氧化铜的性质还是有些差别。

9.

医疗上葡萄糖被大量用于病人输液的原因是（

）

A. 葡萄糖是人体必需的营养素

B. 葡萄糖由C、H、O三种元素组成

C. 葡萄糖在人体内能直接进入新陈代谢

D. 每克葡萄糖被氧化释放的能量比同质量油脂被氧化时放出的能量多

【答案】C

【解析】解：A．葡萄糖是人体必需食用的营养素，但人体内有六大营养素，故这不是在医疗上葡萄糖被大量用于病人输液的原因，故A错误；

B．葡萄糖由C、H、O三种元素组成，但这与在医疗上葡萄糖被大量用于病人输液无直接关系，故B错误；

C．糖类物质在消化道内消化为葡萄糖后才能被吸收进入血液，通过血液输送到全身各处，然后氧化分解释放能量，即葡萄糖在人体内能直接进入新陈代谢，故在医疗上葡萄糖被大量用于病人输液，故C正确；

D．每克葡萄糖在人体内完全氧化放出的能量15.6kJ，每克油脂在人体内完全氧化放出的能量39.3kJ，同时最关键的是油脂氧化需要的时间长，导致很难及时补充能力，故D错误。

故选：C。

A．根据人体内六大营养素的种类判断；

B．根据葡萄糖的组成判断；

C．根据糖类的代谢过程判断；

D．根据每克葡萄糖和油脂在体内完全氧化放出的能量判断．

本题考查葡萄糖的性质和用途，比较基础，侧重对基础知识的巩固，注意对基础知识的理解掌握．

10.

化学与生活、材料等密切相关，下列说法错误的是（

）

A. 陶瓷是硅酸盐产品

B. 葡萄糖可用于制镜业

C. 纸的主要成分为纤维素

D. 汉白玉的主要成分碳酸钙属于碱类

【答案】D

【解析】解：A．玻璃、水泥、陶瓷都是硅酸盐产品，故A正确；

B．葡萄糖含有醛基，能够发生银镜反应，可用于制镜业，故B正确；

C．纸的主要成分为纤维素，故C正确；

D．汉白玉的主要成分碳酸钙属于碳酸盐，是盐类，故D错误；

故选：D．

A．以含硅物质为原料经加热制成的产品，通常称为硅酸盐产品；

B．葡萄糖含有醛基；

C．造纸的原料主要是植物纤维；

D．碳酸钙为碳酸盐．

第4页，共14页

本题考查了物质的组成与结构，明确相关物质的成分是解题关键，题目难度不大．

11.

生物学家预言，21世纪是木材化工产品的世纪，利用木材得到纤维素．但是用纤维素不能得到的物质是（

）

A. 玻璃纸

B. 蛋白质

C. 纸张

D. 葡萄糖

【答案】B

【解析】解：A．玻璃纸的成分是纤维素，故A错误；

B．蛋白质是氨基酸缩合的产物，故B正确；

C．纸张的成分是纤维素，故C错误；

D．纤维素水解可得到葡萄糖，故D错误．

故选B．

玻璃纸、纸张的成分是纤维素，纤维素水解可得到葡萄糖，而蛋白质是氨基酸缩合的产物．

本题考查纤维素的性质和用途，难度不大，明确玻璃纸的成分是纤维素是解题的关键．

12.

葡萄糖作为营养剂供给人体能量，在人体内发生的反应主要是

A. 氧化反应

B. 取代反应

C. 加成反应

D. 聚合反应

【答案】A

【解析】试题分析：葡萄糖在人体组织中缓慢氧化放出热量，供给人体所需能量，这是人类生命活动所需能量的重要来源之一。葡萄糖的结构简式为CH2OH（CHOH）4CHO，在体内经缓慢氧化生成二氧化碳和水，释放出能量，每克葡萄糖放出热量为15.6kJ，在 6CO2+6H2O，所以，A正确；答案选A。

人体中反应的方程式为C6Hl2O6+6O2考点：考查葡萄糖的性质。

13.

下列物质属于胶体分散系的是（

）

①FeCl3溶液与蒸馏水混合加热至红褐色

②纳米级材料

③稀豆浆

④雾⑤FeCl3溶液与NaOH溶液的混合物。

A. ②③⑤

B. ①③④

C. ③④

D. ①③

【答案】B

【解析】解：①饱和FeCl3溶液与蒸馏水混合加热至红褐色，得到透明的分散系为胶体，故①正确；

②纳米级材料的直径为1～100nm

之间为分散质，不是胶体，故②错误；

③稀豆浆是蛋白质分散在水中形成的胶体，故③正确；

④雾分散剂是空气，分散质是水形成的属于气溶胶，为胶体分散系，故④正确；

⑤FeCl3溶液与NaOH溶液的混合物分散复分解反应生成氢氧化铁红褐色沉淀，不能形成胶体，故⑤错误；

故选B。

①FeCl3溶液与蒸馏水混合加热至红褐色得到胶体，

②纳米级材料的直径为1～100nm

之间为分散质；

③稀豆浆是蛋白质胶体分散系；

④雾分散剂是空气；

⑤FeCl3溶液与NaOH溶液的混合物得到氢氧化铁沉淀。

本题考查物质的分类和胶体的性质、胶体制备方法，注意分类的依据和标准，题目较基础，难度不大。

14.

当光束通过下列分散系时，可观察到丁达尔效应的是（

）

第5页，共14页

A. 白酒

B. 食盐水

C. 氢氧化铁胶体

D. 白糖水

【答案】C

【解析】解：分散系分为溶液、浊液和胶体，而丁达尔效应是胶体所特有的性质，即只有胶体才有丁达尔效应，而白酒、食盐水和白糖水是溶液，均无丁达尔效应，故ABD错误；而氢氧化铁胶体是胶体，故有丁达尔效应，故C正确。

故选：C。

分散系分为溶液、浊液和胶体，只有胶体才有丁达尔效应，据此分析。

本题考查了胶体的特有的性质---丁达尔效应，应把握出丁达尔效应是胶体所特有的性质，但不是胶体的本质特征。

15.

氢氧化铁胶体稳定存在的主要原因是（

）

A. 胶粒直径小于1nm

B. 胶粒作布朗运动

C. 胶粒带正电荷

D. 胶粒不能通过半透膜

【答案】C

【解析】解：A．胶体中分散质的微粒大小为1-100nm，故A错误；

B．胶体中的粒子无时无刻不在做无规则运动，但不是胶体稳定存在的主要原因，故B错误；

C．胶体不带电，氢氧化铁胶粒带正电，因为都带同种电荷，胶粒之间是相排斥的，不易聚集成大颗粒，达不到100nm以上就沉不下来，故C正确；

D．胶粒不能透过半透膜，故D错误；

故选C．

本题根据胶体中分散质的微粒大小为1-100nm，胶粒不能透过半透膜，胶粒时刻在不停的无规则运动，氢氧化铁胶粒带正电，因为都带同种电荷，胶粒之间是相排斥的，不易聚集成大颗粒，使氢氧化铁胶体可以稳定存在等知识点来解题．

本题考查了胶体的一些性质，如布朗运动，分散质的微粒大小为1-100nm，胶粒不能透过半透膜，胶体稳定存在原因带同种电荷，胶粒之间是相排斥的，不易聚集成大颗粒，不形成沉淀等知识点．

16.

在下列现象或新技术的应用中，不涉及胶体性质的是（

）

A. 肾功能衰竭等疾病引起的血液中毒，可利用血液透析进行治疗

B. 使用微波手术刀进行外科手术，可使开刀处的血液迅速凝固而减少失血

C. 清晨，在茂密的树林中，常常可以看到枝叶间透过的一道道光线

D. 在饱和氯化铁溶液中滴加NaOH溶液，产生红褐色沉淀

【答案】D

【解析】解：A．血液中，蛋白质和血细胞颗粒较大，是胶体，不能透过透析膜，血液内的毒性物质直径较小，则可以透过，与胶体有关，故A正确；

B．血液属于胶体，使用微波手术刀进行外科手术，可使开刀处的血液迅速凝固而减少失血应用了胶体聚沉的原理，故B正确；

C．清晨，在茂密的树林，常常可以看到从枝叶间透过的一道道光柱，属于胶体的丁达尔效应，故C正确；

D．FeCl3溶液中逐滴加入NaOH溶液，发生复分解反应生成氢氧化铁沉淀，与胶体性质无关，故D错误；

故选D．

A．利用血液透析进行治疗是胶体的渗析；

B．血液属于胶体，微波可以使胶体聚沉；

C．胶体具有丁达尔效应的性质；

D．FeCl3溶液与NaOH溶液混合后发生的是复分解反应．

本题考查胶体的性质，要求学生熟记教材中提到的胶体的例子，是对基础内容的考查，第6页，共14页

难度不大．

二、双选题（本大题共2小题，共8.0分）

17.

在一熟苹果切片上分别滴加1滴碘水和银氨溶液，颜色变化如图所示，下列推断正确的是（双选）（

）

A. 熟透的苹果中含有淀粉

B. 熟透的苹果中不含淀粉

C. 熟透的苹果中含有还原性的糖

D. 熟透的苹果中不含还原性的糖

【答案】AC

【解析】解：A．碘遇淀粉变蓝色，在一生苹果切片上滴上1滴碘水，颜色变化是碘水变蓝，说明生苹果中含有淀粉，故A正确；

B．碘遇淀粉变蓝色，在一生苹果切片上滴上1滴碘水，颜色变化是碘水变蓝，说明生苹果中含有淀粉，故B错误；

C．银氨溶液变黑色说明含有醛基，进而说明含有还原性的糖，故C正确；

D．银氨溶液变黑色说明含有醛基，进而说明含有还原性的糖，故D错误．

故选AC．

碘遇淀粉变蓝色，在一生苹果切片上滴上1滴碘水，颜色变化是碘水变蓝，说明生苹果中含有淀粉，银氨溶液变黑色说明含有醛基，进而说明含有还原性的糖．

本题考查淀粉的特征反应和还原性糖的检验，难度不大，注意碘单质遇淀粉变蓝色，不是碘离子．

18.

将淀粉、碘化钾的混合溶液盛放在半透膜袋里，浸放在一杯蒸馏水中，过几分钟后进行下列实验，其现象正确的是（

）

A. 取杯中袋外液体加AgNO3溶液有黄色沉淀

B. 取杯中袋内液体加氯水变蓝色

C. 取杯中袋外液体加氯水变蓝色

D. 取杯中袋外液体加碘水变蓝色

【答案】AB

【解析】解：淀粉胶体和碘化钾溶液混合后，放入用半透膜制成的袋内，将此袋浸入蒸馏水中后，淀粉胶体不能通过半透膜而留在袋内，但是钾离子、碘离子能通过半透膜而进入烧杯的水中．

A．淀粉胶体不能透过半透膜，而较小的钾离子、碘离子能透过半透膜，取杯中袋外液+-体加入硝酸银溶液，发生Ag+I=AgI↓生成黄色沉淀，故A正确；

B．由于不是流动的水，因此半透膜内外的离子浓度保持相等，所以袋内、烧杯内的液-体都含有I，取杯中袋内液体加氯水，Cl2+2Kl=I2+2KCl，碘单质遇淀粉显蓝色，故B正确；

C．取杯中袋外液体加氯水Cl2+2Kl=I2+2KCl，淀粉胶体不能通过半透膜而留在袋内，不会变蓝色，故C错误；

D．烧杯内液体含有钾离子、碘离子，加入碘水后无现象，故D错误；

故选AB．

A．溶液中的微粒直径小于半透膜的孔隙，胶体的微粒直径大于半透膜的孔隙；

B．水不流动，袋内、烧杯内的液体碘化钾浓度保持相等；

C．淀粉胶体不能通过半透膜而留在袋内；

D．胶体的微粒直径大于半透膜的孔隙，半透膜袋内淀粉胶体无法进入烧杯内．

本题考查有关胶体渗析的知识，掌握胶体和溶液之间本质区别，注意碘化钾的离子能透过半透膜，而胶体粒子不能透过半透膜是解答的关键，题目难度不大．

三、多选题（本大题共1小题，共4.0分）

第7页，共14页

19.

关于维生素C的叙述正确的是（

）

A. 维生素C能使溴水褪色

B. 维生素C可作食品添加剂

C. 维生素C又称抗坏血酸

D. 维生素C不能发生氧化反应

【答案】ABC

【解析】解：维生素C又称抗坏血酸，具有还原性，能与氧化性物质反应，分子中含有C=C，能与溴水发生加成反应，可作食品添加剂，用于补充维生素，故ABC正确，D错误；

故选ABC．

维生素C又称抗坏血酸，含有C=C和-OH，具有还原性，可作食品添加剂，用于补充维生素，据此分析．

本题考查了有机物的结构与性质，题目难度不大，注意把握维生素C的性质，侧重于考查学生对基础知识的应用能力．

四、填空题（本大题共1小题，共1.0分）

20.

葡萄糖是人体内最重要的供能物质，一部分在体内被

______ ，最终生成

______ ；另一部分被肝脏、肌肉等组织合成

______ 而储存起来；还有一部分转变成

______ ，储存在脂肪组织中．

【答案】化分解；CO2和水；糖原；脂肪

【解析】解：葡萄糖是人体内最重要的供能物质，一部分在体内被氧化分解，最终生成

CO2和水；另一部分被肝脏、肌肉等组织合成糖原而储存起来；还有一部分转变成脂肪储存在脂肪组织中，

故答案为：氧化分解；CO2和水；糖原；脂肪．

根据葡萄糖在人体中的作用作答．

本题考查了葡萄糖在人体中的作用，题目非常基础，为化学与生活教材中的内容，注意基础知识的积累．

五、实验题（本大题共4小题，共40.0分）

21.

为了达到下表中的实验要求,请选择合适的试剂及方法，将其标号填入对应的空格中。

实验要求

(2)证明盐酸溶液呈酸性

(3)鉴别真丝围巾和纯棉围巾

试剂及方法

A.分别加入氯化钡溶液，观察现象

B.点燃，闻其气味

C.加入几滴碘水，观察现象

D.将溶液滴在pH试纸上，对照标准比色卡

(1)鉴别Na2SO4溶液和NaCl溶液

(4)检验淘米水中是否含有淀粉

【答案】（1）A （2） D （3） B （4）C

【解析】【分析】

本题考查物质的鉴别及检验，物质的性质及除杂、鉴别方法，题目难度不大。

【解答】

（1）鉴别Na2SO4溶液和NaCl溶液，可以分别加入氯化钡溶液，观察现象，产生白色沉淀的是Na2SO4，无沉淀产生的是NaCl，故选A；

（2）证明盐酸溶液呈酸性，可以将盐酸溶液滴在pH试纸上，与标准比色卡对照显红色，说明呈酸性，故选D；

第8页，共14页

（3）鉴别真丝围巾和纯棉围巾，可以点燃，闻其气味，有烧焦羽毛味的为真丝，故选B；

（4）检验淘米水中是否含有淀粉：可以加入几滴碘水，观察溶液变蓝色，故选C。

故答案为：（1）A

（2）D （3） B （4）C。

22.

从下列六种有机物中选择合适的答案，将其标号填在空格内

A．苯B．乙醇 C.油脂 D．葡萄糖E．蛋白质

（1）属于天然有机高分子化合物的是_________。

（2）医疗消毒常用75%（体积分数）的溶液_________。

（3）花生油、茶籽油、牛油的主要成分是_________。

（4）家居装修材料会散发出甲醛、等挥发性的有害物质_________。

（5）在某病人的尿样中加人新制氢氧化铜悬浊液，加热后有红色沉淀生成，说明该尿样中含有_________。

【答案】（1）E

（2）B

（3）C

（4）A

（5）D

【解析】【分析】

本题考查较为综合，涉及有机物的组成、结构、性质和应用的考查，题目较为基础，难度较小。注意相关知识的积累是关键，侧重基础知识的考查。

【解答】

(1)天然的高分子化合物有淀粉、纤维素、蛋白质，题中只有蛋白质属于高分子化合物，故答案为：E；

(2)75%乙醇具有使蛋白质变性而起到杀菌消毒的作用，医学上常用75%的乙醇溶液杀菌消毒，故答案为：B；

(3)成分中均含有油脂，油脂在碱性条件下水解生成硬脂酸钠，可用于制造肥皂，故答案为：C；

(4)家具材料中常含有甲醛和苯，故答案为：A；

(5)葡萄糖含有醛基，能和新制氢氧化铜悬浊液加热后反应生成有色沉淀，尿液中含有葡萄糖，故答案为：D。

第9页，共14页

23.

为检验淀粉水解的情况，进行如图所示的实验，试管甲和丙均用60～80℃的水浴加热5～6min，试管乙不加热．待试管甲中的溶液冷却后再进行后续实验．

实验1：取少量甲中溶液，加入新制氢氧化铜，加热，没有砖红色沉淀出现．

实验2：取少量乙中溶液，滴加几滴碘水，溶液变为蓝色，但取少量甲中溶液做此实验时，溶液不变蓝色．

实验3：取少量丙中溶液加入NaOH溶液调节至碱性，再滴加碘水，溶液颜色无明显变化．

（1）写出淀粉水解的化学方程式：

______ ．

（2）设计甲和乙是为了探究

______ 对淀粉水解的影响，设计甲和丙是为了探究

______ 对淀粉水解的影响．

（3）实验1失败的原因是

______ ．

（4）实验3中溶液的颜色无明显变化的原因是

______ ．

【答案】（C6H10O5）n（淀粉）+nH2OnC6H12O6（葡萄糖）；温度；催化剂；没有加入碱中和作为催化剂的稀硫酸；氢氧化钠与碘反应了

【解析】解：（1）淀粉属于多糖，在酸性环境下水解的最终产物是葡萄糖，化学方程式为：（C6H10O5）n（淀粉）+nH2O故答案为：（C6H10O5）n（淀粉）+nH2OnC6H12O6（葡萄糖），

nC6H12O6（葡萄糖）；

（2）试管甲和乙均用2g淀粉和20mL20%的稀硫酸，试管甲用60～80℃的水浴加热5～6min，试管乙不加热，所以设计甲和乙是为了探究温度对淀粉水解的影响，试管丙用2g淀粉，与甲对比未用20mL20%的稀硫酸，试管甲和丙均用60～80℃的水浴加热5～6min，所以设计甲和丙是为了探究催化剂对淀粉水解的影响，

故答案为：温度；催化剂；

（3）淀粉水解后得到的溶液中含有稀硫酸，溶液呈酸性，反应须在碱性条件下进行，因此淀粉与少量稀硫酸加热一段时间后，需加入一定量的氢氧化钠中和稀硫酸，溶液呈现碱性，然后在加入制氢氧化铜溶液，

故答案为：没有加入碱中和作为催化剂的稀硫酸；

（4）实验3中溶液的颜色无明显变化是因为：碘单质和氢氧化钠溶液反应生成碘化钠、次碘酸钠和水，反应为I2+2NaOH=NaI+NaIO+H2O，

故答案为：氢氧化钠与碘反应了．

（1）淀粉在酸性环境下水解的最终产物是葡萄糖；

（2）甲和乙温度为实验变量，所以是探究温度对淀粉水解的影响，甲和丙催化剂是变量，所以所以是探究催化剂对淀粉水解的影响；

（3）淀粉水解后得到的溶液中含有稀硫酸，溶液呈酸性，反应须在碱性条件下进行；

（4）氢氧化钠能与碘单质反应，生成碘化钠、次碘酸钠和水．

本题考查物质的性质实验的设计，为高频考点，把握有机物的性质、检验方法及流程分第10页，共14页

析为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，题目难度中等．

24.

淀粉水解的实验步骤如下：

（1）向两支试管中分别加入4mL淀粉溶液．

（2）向其中一支试管中加入碘水，观察到的现象是

______ ．

（3）另一支试管中加入少量稀硫酸，加热4～5min，然后用NaOH溶液中和稀硫酸．把得到的溶液分装在两支试管a和b中，a试管中加入碘水未出现明显现象，b试管中加入新制的含NaOH溶液的Cu（OH）2悬浊液，并加热至沸腾出现砖红色沉淀．由以上实验现象，你能得出的结论是

______ ．

（4）在实验步骤（3）中，稀硫酸在淀粉水解过程中起到了什么作用？

______ ；

（5）为什么在检验淀粉水解生成的葡萄糖之前要先用NaOH溶液中和水解后的混合液？

______ ．

（6）写出淀粉水解的化学方程式：

______ ．

【答案】变蓝色；淀粉已完全水解；催化剂；淀粉水解用稀硫酸作催化剂，而检验葡萄糖应在碱性条件下进行；（C6H10O5）n（淀粉）+nH2O→nC6H12O6（葡萄糖）

【解析】解：（2）碘与淀粉作用显蓝色，故答案为：变蓝色；

（3）加入碘水未出现明显现象，说明淀粉完全水解；出现砖红色沉淀说明有葡萄糖生成，故答案为：淀粉已完全水解；

（4）稀硫酸在淀粉水解过程中作催化剂，故答案为：催化剂；

（5）在用新制的氢氧化铜悬浊液检验淀粉酸性条件下的水解产物时需先用碱中和其中的酸，故答案为：淀粉水解用稀硫酸作催化剂，而检验葡萄糖应在碱性条件下进行；

（6）淀粉水解生成葡萄糖：（C6H10O5）n（淀粉）+nH2O→nC6H12O6（葡萄糖），故答案为：（C6H10O5）n（淀粉）+nH2O→nC6H12O6（葡萄糖）．

（2）碘单质遇淀粉变蓝色；

（3）葡萄糖可使新制的氢氧化铜悬浊液还原为砖红色氧化亚铜；碘单质遇淀粉变蓝色；

（4）稀硫酸作催化剂；

（5）检验葡萄糖应在碱性条件下进行；

（6）淀粉水解生成葡萄糖

本题考查淀粉的性质和检验，难度较小，旨在考查学生对基础知识的识记，注意基础知识的积累掌握．

六、简答题（本大题共2小题，共10.0分）

25.

如图为硬脂酸甘油脂在碱性条件下水解的装置图．进行皂化反应的步骤如下：

（1）在圆底烧瓶中装入7～8g的硬脂酸甘油脂，然后再加入2～3g5mL水和l0mL酒精，的氢氧化钠、加入的酒精的作用为：

______ ．

（2）隔着石棉网用酒精灯给反应的混合物加热约lOmin，皂化反应基本完成，所得混合物为

______ （填“悬浊液”或“乳浊液”或“溶液”或“胶体”）．

（3）向所得的混合物中，加入

______ ，静置一段时间后，溶液分为上下两层，肥皂在

______ 层，这个操作称为

______ ．

（4）图中长玻璃导管的作用为

______ ．

（5）写出该反应的化学方程式：

______ ．

【答案】溶解硬脂酸甘油酯；胶体；食盐；上；盐析；冷凝；（C17H35COO）3C3H5+3NaOH3C17H35COONa+C3H5（0H）3

【解析】解：（1）加入的酒精可溶解硬脂酸甘油酯，故答案为：溶解硬脂酸甘油酯；

（2）所得混合物粒子直径在1nm～100nm之间，属于胶体，故答案为：胶体；

第11页，共14页

（3）皂化反应所得混合物加入食盐发生盐析，能使硬脂酸钠在上层析出，故答案为：食盐；上；盐析；

（4）酒精和水易挥发，长玻璃导管能使其冷凝回流，故答案为：冷凝；

（5）硬脂酸甘油脂能在再碱性条件下水解生成硬脂酸钠和甘油，故答案为：（C17H35COO）3C3H5+3NaOH3C17H35COONa+C3H5（0H）3．

（1）硬脂酸甘油脂不溶于水；

（2）分散质粒子直径在1nm～100nm之间的分散系属于胶体；

（3）皂化反应所得混合物加入食盐能使硬脂酸钠在上层析出；

（4）酒精、水易挥发，长导管能给气体足够的冷却时间；

（5）硬脂酸甘油脂能在碱性条件下水解生成硬脂酸钠和甘油．

本题考查肥皂的制取，注意皂化反应所得混合物为胶体，难度不大．

26.

下列是某蛋白质的结构片段

（1）上述蛋白质结构片段的水解产物中不属于α-氨基酸的结构简式为

______

（2）上述蛋白质结构片段水解后的氨基酸中，某氨基酸碳氢原子数比值最大．

①该氨基酸与NaOH溶液反应的化学方程式为

______

②该氨基酸两分子缩合形成环状结构物质的分子式为

______

③该氨基酸的同分异构体中，属于硝基化合物且苯环上只有甲基的同分异构体有

______ 种．

（3）已知上述蛋白质结构片段的化学式量为364，则水解生成的各种氨基酸的相对分子质量之和为

______ ．

【答案】；；C16H14N2O2；6；436

【解析】解（1）α-氨基酸中氨基、-COOH在同一C上，则不属于α-氨基酸的结构简式是，

故答案为：；

（2）分子结构中含有的断碳氮单键，碳上加-OH，氮上加-H，水解得到的氨基第12页，共14页

CH3CHCOOH、H2NCH2COOH、H2NCH2CHCOOH、酸为：（NH2）（SH），则中C、H原子个数比最大，

①该氨基酸与NaOH反应的化学方程式为，

故答案为：；

②两分子缩合形成的环状物质，由2C8H9O2N2减去2H2O可知，分子式为C16H14N2O2，

故答案为：C16H14N2O2；

③的同分异构体中，属于硝基化合物且苯环上只有甲基，结合结构简式可知苯环上含有硝基、两个甲基，苯环上的二甲苯的结构简式有：①、②、③，其中①的苯环上的硝基化合物有：、；②的苯环上硝基化合物有：、、；③第13页，共14页

的苯环上的硝基化合物为：

所以满足条件的同分异构体总共有：2+3+1=6种，

故答案为：6；

（3）结构片段含4个，水解需要4个水分子生成氨基酸则水解生成的各种氨基4=436，

酸的式量之和为：364+18×故答案为：436．

（1）α-氨基酸中氨基、-COOH在同一C上；

（2）分子结构中含有的断碳氮单键，碳上加-OH，氮上加-H，水解得到的氨基COOH、H2NCH2COOH、H2NCH2CHCOOH、酸为CH3CH（NH2）（SH），则中C、H原子个数比最大；

（3）结构片段含4个，水解需要4个水分子生成氨基酸．

本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，题目难度中等，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析能力及迁移应用能力的考查，注意肽键的形成和水解．

第14页，共14页