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2018年普通高等学校招生全国统一考试物理（江苏卷）

一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．

1．我国高分系列卫星的高分辨对地观察能力不断提高．今年5月9日发射的“高分五号”轨道高度约为705 km，之前已运行的“高分四号”轨道高度约为36 000 km，它们都绕地球做圆周运动．与“高分四号冶相比，下列物理量中“高分五号”较小的是

（A）周期

【答案】A 4π2Mmv22【解析】卫星围绕地球做匀速圆周运动，满足G2＝m2r ＝mωr＝m

＝ma，由此可推出，半径rTrr越小，周期T越小，选项A正确，半径r越小，角速度ω、线速度v、向心加速度a越大，选项B、C、D错误．

2．采用220 kV高压向远方的城市输电．当输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的输电电压应变为

（A）55 kV 【答案】C 11【解析】输电线上损耗的功率P＝Ir，为使输电线上损耗的功率减小为原来的4,电流I要减小为原来的2，2（B）角速度

（C）线速度

（D）向心加速度

1，4（B）110 kV （C）440 kV （D）880 kV 当输送功率一定时，输电电压要升高为原来的2倍，选项C正确。

3．某弹射管每次弹出的小球速度相等．在沿光滑竖直轨道自由下落过程中，该弹射管保持水平，先后弹出两只小球．忽略空气阻力，两只小球落到水平地面的

（A）时刻相同，地点相同

（C）时刻不同，地点相同

【答案】B 【解析】小球不论是在管内还是在管外，它们竖直方向的加速度都等于g，因此，落地时间与离开弹管的先后无关，所以落地时刻相同。先弹出的小球做平抛运动的时间长，后弹出小球平抛运动的时间短，因此，两球的水平位移不同，落地点不同。因此选项B正确

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（B）时刻相同，地点不同

（D）时刻不同，地点不同

4．从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面．忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图象是

222【答案】A【解析】对于整个竖直上抛过程（包括上升与下落），速度与时间的关系为v＝v0-gt，v＝gt-2v0gt+

v02，可见动能与时间是二次函数关系，由数学中的二次函数知识可判断选项A是正确的。

5．如图所示，水平金属板A、B分别与电源两极相连，带电油滴处于静止状态．现将B板右端向下移动一小段距离，两金属板表面仍均为等势面，则该油滴

（A）仍然保持静止

（B）竖直向下运动

（C）向左下方运动

（D）向右下方运动

【答案】D 【解析】将B板右端向下移动一小段距离后，电容器内部电荷重新分布，右侧电荷稀疏，左侧电荷密集，电场力方向不再竖直向上，而是向右侧倾斜，使得带电油滴不再受力平衡，合力方向向右下方倾斜，如图所示，油滴向右下方运动，选项D正确

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二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．

6．火车以60 m/s的速率转过一段弯道，某乘客发现放在桌面上的指南针在10 s内匀速转过了约10°．在此10 s时间内，火车

（A）运动路程为600 m （C）角速度约为1 rad/s 【答案】AD 【解析】在此10 s时间内，火车运动路程为60 m/s×

10s＝600 m，选项A正确；曲线运动加速度不可能10°πv为零，选项B错误；角速度ω＝10s＝1°／s＝180

rad/s，选项C错误；转弯半径r=

ω＝3429m，选项D正确。

7．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端连接一小物块，O点为弹簧在原长时物块的位置．物块由A点静止释放，沿粗糙程度相同的水平面向右运动，最远到达B点．在从A到B的过程中，物块

（A）加速度先减小后增大

（B）经过O点时的速度最大

（C）所受弹簧弹力始终做正功

（D）所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功

【答案】AD 【解析】当合外力为零时，弹簧处于伸长状态，弹力等于滑动摩擦力，这一位置在O点的右侧，此时加速度有最小值，速度最大A正确，B错误；弹簧弹力先做正功后做负功，C错误，从A位置到B位置，动能变化量为零，外力所做的总功也应当为零，D正确。

8．如图所示，电源E对电容器C充电，当C两端电压达到80 V时，闪光灯瞬间导通并发光，C放电．放电后，闪光灯断开并熄灭，电源再次对C充电．这样不断地充电和放电，闪光灯就周期性地发光．该电路

（B）加速度为零

（D）转弯半径约为3.4 km 名师解读，权威剖析，独家奉献，打造不一样的高考！

（A）充电时，通过R的电流不变

（B）若R增大，则充电时间变长

（C）若C增大，则闪光灯闪光一次通过的电荷量增大[来源:Zxxk.Com]

（D）若E减小为85 V，闪光灯闪光一次通过的电荷量不变

【答案】ACD 【解析】随着充电过程的进行，电容器两端电压越来越高，电阻上的电压越来越低，电流越来越小，A选项错误；若R增大，则充电电流变小，充电时间变长，选项B正确；根据Q=CU，若C增大，Q增大，选项C正确；若E减小为85 V，电容仍能充到80V电压，选项D正确

9．如图所示，竖直放置的形光滑导轨宽为L，矩形匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的高和间距均为d，磁感应强度为B．质量为m的水平金属杆由静止释放，进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等．金属杆在导轨间的电阻为R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g．金属杆

（A）刚进入磁场Ⅰ时加速度方向竖直向下

（B）穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间（C）穿过两磁场产生的总热量为4mgd

[来源学#科#网]

m2gR2

（D）释放时距磁场Ⅰ上边界的高度h可能小于2B4L4【答案】BC 【解析】金属棒在磁场Ⅰ、Ⅱ之间运动时，是加速运动，因此金属棒在磁场Ⅰ中要减速运动，才能保证进入磁场Ⅱ时和进入磁场Ⅰ时速度相等，选项A错误；画出穿过磁场Ⅰ和在两磁场之间的运动时间图[来名师解读，权威剖析，独家奉献，打造不一样的高考！

象,[能够直观反映出穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间，选项B正确，进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等，表明金属杆穿过磁场Ⅰ到进入磁场Ⅱ之前动能没有变化，减少的的重力势能2mgd变成了焦耳热，再穿过磁场Ⅱ过程跟穿过磁场Ⅰ情况完全相同，产生的焦耳热还等于2mgd，总的热量为4mgd，选项C正确；由于在进入磁场I前，金属棒做自由落体运动，末速度2gh，mgRB2l2在刚进入磁场I时，安培力·2gh>mg才能保证金属棒做减速运动，化简得h，选项D错误。

44R2BL

三、简答题:本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．学科&网

【必做题】

10．（8分）一同学测量某干电池的电动势和内阻．

（1）题10-1图所示是该同学正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路．请指出图中在器材操作上存在的两个不妥之处．

22[来源学科网]

（2）实验测得的电阻箱阻值R和电流表示数I，以及计算的1数据见下表: I1根据表中数据，在答题卡的方格纸上作出R关系图象．由图象可计算出该干电池的电动势为

I

V；内阻为

Ω．

R/Ω

8.0 7.0 6.0 5.0 4.0 名师解读，权威剖析，独家奉献，打造不一样的高考！

I/A 0.15 6.7 0.17 6.0 0.19 5.3 0.22 4.5 0.26 3.8 1–1/A

I

（3）为了得到更准确的测量结果，在测出上述数据后，该同学将一只量程为100 mV的电压表并联在电流表的两端．调节电阻箱，当电流表的示数为0.33 A时，电压表的指针位置如题10-2 图所示，则该干电池的电动势应为

V；内阻应为

Ω．

【答案】10．（1）①开关未断开

②电阻箱阻值为零

（2）（见下图）

1.4（1.30~1.44都算对）

1.2（1.0~1.4都算对）

（3）1.4（结果与（2）问第一个空格一致）

1.0（结果比（2）问第二个空格小0.2）

【解析】（1）①开关不应该闭合，应该保持打开状态，②电阻箱要以最大值接入，然后再调小。

11（2）由闭合电路的欧姆定律，

E=IR+Ir得R＝E·

-r，类似于一次函数y＝kx+b的形式，R－图象的斜率II表示电动势E，纵截距绝对值为内阻r。

（3）因为电动势是一个常数1.4V，电流表的内阻RA

UA0.2，内阻1.2Ω－0.2Ω＝1.0Ω

I名师解读，权威剖析，独家奉献，打造不一样的高考！

11．（10分）某同学利用如图所示的实验装置来测量重力加速度g．细绳跨过固定在铁架台上的轻质滑轮，两端各悬挂一只质量为M的重锤．实验操作如下：

①用米尺量出重锤1底端距地面的高度H；

②在重锤1上加上质量为m的小钩码；

③左手将重锤2压在地面上，保持系统静止．释放重锤2，同时右手开启秒表，在重锤1落地时停止计时，记录下落时间；

④重复测量3次下落时间，取其平均值作为测量值t．

请回答下列问题

（1）步骤④可以减小对下落时间t测量的

（选填“偶然”或“系统”）误差．

（2）实验要求小钩码的质量m要比重锤的质量M小很多，主要是为了

．

（A）使H测得更准确

（B）使重锤1下落的时间长一些

（C）使系统的总质量近似等于2M

（D）使细绳的拉力与小钩码的重力近似相等

（3）滑轮的摩擦阻力会引起实验误差．现提供一些橡皮泥用于减小该误差，可以怎么做? （4）使用橡皮泥改进实验后，重新进行实验测量，并测出所用橡皮泥的质量为m0．用实验中的测量量和已知量表示g，得g=

．

11．【答案】（1）偶然

（2）B （3）在重锤1上粘上橡皮泥，调整橡皮泥质量直至轻拉重锤1能观察到其匀速下落

（4）

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（22Mmm0）Hmt2

【解析】

（1）误差是测量过程造成的，只要不是实验原理带来的误差都属于偶然误差。

（2）小钩码的质量m要比重锤的质量M小很多时，系统的加速度减小，从而导致运动时间延长，有利于减小测量时间的误差。

（3）需要保证轻拉重锤1使它匀速运动.应该在重锤

1 上粘上合适的橡皮泥．

2(2Mmm0)Hmg1（4）由牛顿第二定律

(2M+m+m0）a=mg，解得a＝，又由于

H=at2，可得g

2 2M+m+m02mt

12．【选做题】本题包括A、B、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答．若多做,则按A、

B两小题评分．学科#网

A．[选修3-3](12分) （1）如题12A-1图所示，一支温度计的玻璃泡外包着纱布，纱布的下端浸在水中．纱布中的水在蒸发时带走热量，使温度计示数低于周围空气温度．当空气温度不变，若一段时间后发现该温度计示数减小，则

．

（A）空气的相对湿度减小

（B）空气中水蒸汽的压强增大

（C）空气中水的饱和气压减小

（D）空气中水的饱和气压增大

【答案】A 【解析】一段时间后发现该温度计示数减小，说明可能相对湿度减小，选项A正确，B错误；由于不能确定初始状态是否达到水的饱和气压，选项C、D错误。

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（2）一定量的氧气贮存在密封容器中，在T1和T2温度下其分子速率分布的情况见右表．则T1

（选填“大于”“小于”或“等于”）T2．若约10%的氧气从容器中泄漏，泄漏前后容器内温度均为T1，则在泄漏后的容器中，速率处于400~500 m/s区间的氧气分子数占总分子数的百分比

（选填“大于”“小于”或“等于”）18.6%．

【答案】大于

等于

【解析】分子平均速率越大，温度越高，根据表格中数据得T1大于T2，由于温度是分子平均动能的标志，温度不变，分子平均动能也不变，这个比值就不变。

105

Pa，（3）如题12A-2图所示，一定质量的理想气体在状态A时压强为2.0×经历ABCA的过程，整个过程中对外界放出61.4 J热量．求该气体在AB过程中对外界所做的功．

B．[选修3-4]（12分）

（1）梳子在梳头后带上电荷，摇动这把梳子在空中产生电磁波．该电磁波

．（A）是横波

（B）不能在真空中传播

（C）只能沿着梳子摇动的方向传播

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[来源:Z_xx_k.Com]

108

m/ s （D）在空气中的传播速度约为3×【答案】AD 【解析】所有的电磁波是都是横波，选项A正确；电磁波的传播不需要戒指，能在真空中向各个方向传播，在传播速度和光相同。选项BC错误，D正确．

（2）两束单色光A、B的波长分别为A、B，且A>B，则

（选填“A”或“B”）在水中发生全反射时的临界角较大．用同一装置进行杨氏双缝干涉实验时，可以观察到

（选填“A”或“B”）产生的条纹间距较大．

【答案】A

A 【解析】单色光A的的波长大，折射率小，由sinC式x

（3）一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x=0 和x=0.6 m处的两个质点A、B的振动图象如图所示．已知该波的波长大于0.6 m，求其波速和波长

1，单色光A的临界角大，再由双缝干涉条纹间距公nl知，单色光A光的条纹间距大

d

C．[选修3-5]（12分）

（1）已知A和B两种放射性元素的半衰期分别为T和2T，则相同质量的A和B经过2T后，剩有的A和B质量之比为

．

（A）1:4 （B）1:2 （C）2:1 （D）4:1 【答案】B 11【解析】经过2T，对A来说是2个半衰期，A的质量还剩4，过2T，对A来说是1个半衰期，的质量还剩2，所以剩有的A和B质量之比为1:2，选项B正确

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（2）光电效应实验中，用波长为0的单色光A照射某金属板时，刚好有光电子从金属表面逸出．当波长为02的单色光B照射该金属板时，光电子的最大初动能为

，A、B两种光子的动量之比为

．

（已知普朗克常量为h、光速为c）

1【答案】2

【解析】逸出功W0hchc0，根据爱因斯坦光电效应方程EkmhW02hc0hc0hc0，再PAhh1/

由P，可得PBAB2h

（3）如图所示，悬挂于竖直弹簧下端的小球质量为m，运动速度的大小为v，方向向下．经过时间t，小球的速度大小为v，方向变为向上．忽略空气阻力，重力加速度为g，求该运动过程中，小球所受弹簧弹力冲量的大小．

四、计算题:本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．学科&网

13．（15分）如图所示，两条平行的光滑金属导轨所在平面与水平面的夹角为，间距为d．导轨处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直．质量为m的金属棒被固定在导轨上，距底端的距离为s，导轨与外接电源相连，使金属棒通有电流．金属棒被松开后，以加速度a沿导轨匀加速下滑，金属棒中的电流始终保持恒定，重力加速度为g．求下滑到底端的过程中，金属棒

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（1）末速度的大小v；

（2）通过的电流大小I；

（3）通过的电荷量Q．

14．（16分）如图所示，钉子A、B相距5l，处于同一高度．细线的一端系有质量为M的小物块，另一端绕过A固定于B．质量为m的小球固定在细线上C点，B、C间的线长为3l．用手竖直向下拉住小球，使小球和物块都静止，此时BC与水平方向的夹角为53°．松手后，小球运动到与A、B相同高度时的速度恰好为零，然后向下运动．忽略一切摩擦，重力加速度为g，取sin53°=0.8，cos53°=0.6．求：

（1）小球受到手的拉力大小F；

（2）物块和小球的质量之比M:m；

（3）小球向下运动到最低点时，物块M所受的拉力大小T．

15．（16分）如图所示，真空中四个相同的矩形匀强磁场区域，高为4d，宽为d，中间两个磁场区域间隔为2d，中轴线与磁场区域两侧相交于O、O′点，各区域磁感应强度大小相等．某粒子质量为m、电荷量为+q，从O沿轴线射入磁场．当入射速度为v0时，粒子从O上方cos53°=0.6．

d处射出磁场．取sin53°=0.8，2

（1）求磁感应强度大小B；

（2）入射速度为5v0时，求粒子从O运动到O′的时间t；

（3）入射速度仍为5v0，通过沿轴线OO′平移中间两个磁场（磁场不重叠），可使粒子从O运动到O′的时间增加Δt，求Δt的最大值．

2018年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）

物理试题参考答案

一、单项选择题

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1．A

2．C

3．B

4．A

5．D 二、多项选择题

6．AD

7．AD

8．BCD

9．BC 三、简答题

10．（1）①开关未断开

②电阻箱阻值为零

（2）（见下图）

1.4（1.30~1.44都算对）

1.2（1.0~1.4都算对）

（3）1.4（结果与（2）问第一个空格一致）

1.0（结果比（2）问第二个空格小0.2）

11．（1）偶然

（2）B （3）在重锤1上粘上橡皮泥，调整橡皮泥质量直至轻拉重锤1能观察到其匀速下落

（4）（22Mmm0）Hmt2

12A．（1）A

（2）大于

等于

（3）整个过程中，外界对气体做功W=WAB+WCA，且WCA=pA（VC–VA）

由热力学第一定律ΔU=Q+W，得WAB=–（Q+WCA）

代入数据得WAB=–138.6 J，即气体对外界做的功为138.6 J 12B．（1）AD

（2）A

A

（3）由图象可知，周期T=0.4 s 由于波长大于0.6 m，由图象可知，波从A到B的传播时间Δt=0.3 s 波速vx，代入数据得v=2 m/s

波长λ=vT，代入数据得λ=0.8 m t12C．（1）B

（2）hc0

1:2 （3）取向上为正方向，动量定理mv–（–mv）=I且I（F–mg）t

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解得IFFt2mvmgt

四、计算题

13．（1）匀加速直线运动v2=2as

解得v2as

（2）安培力F安=IdB

金属棒所受合力Fmgsin–F安

牛顿运动定律F=ma

m（gsin–a）

dBv（3）运动时间t

电荷量Q=It

a解得I解得Q2asm（gsina）

dBa[来源学科网]14．（1）设小球受AC、BC的拉力分别为F1、F2

F1sin53°=F2cos53°

F+mg=F1cos53°+ F2sin53°且F1=Mg

解得F5Mgmg

3（2）小球运动到与A、B相同高度过程中

小球上升高度h1=3lsin53°，物块下降高度h2=2l

机械能守恒定律mgh1=Mgh2

解得M6

m5（3）根据机械能守恒定律，小球回到起始点．设此时AC方向的加速度大小为a，重物受到的拉力为T

牛顿运动定律Mg–T=Ma

小球受AC的拉力T′=T

牛顿运动定律T′–mgcos53°=ma

解得T8mMg488mg或TMg）

（T（5mM）5511mv04mv0d

由题意知r0，解得B

qBqd415．（1）粒子圆周运动的半径r0（2）设粒子在矩形磁场中的偏转角为α

由d=rsinα，得sinα=4，即α=53°

5在一个矩形磁场中的运动时间t12πm360qB，解得t153πd

720v0名师解读，权威剖析，独家奉献，打造不一样的高考！

直线运动的时间t22d2d

，解得t25vv0（则t4t1t253π+72d）

180v0（3）将中间两磁场分别向中央移动距离x

粒子向上的偏移量y=2r（1–cosα）+xtanα

由y≤2d，解得x则当xm=3d

43d时，Δt有最大值

42xm（2d2xm）3d

cos粒子直线运动路程的最大值sm增加路程的最大值smsm–2dd

增加时间的最大值tmsmd

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